백준 1011번 Fly me to the Alpha Centauri

문제 링크 : https://www.acmicpc.net/problem/1011

1011번: Fly me to the Alpha Centauri

문제

우현이는 어린 시절, 지구 외의 다른 행성에서도 인류들이 살아갈 수 있는 미래가 오리라 믿었다. 그리고 그가 지구라는 세상에 발을 내려 놓은 지 23년이 지난 지금, 세계 최연소 ASNA 우주 비행사가 되어 새로운 세계에 발을 내려 놓는 영광의 순간을 기다리고 있다.

그가 탑승하게 될 우주선은 Alpha Centauri라는 새로운 인류의 보금자리를 개척하기 위한 대규모 생활 유지 시스템을 탑재하고 있기 때문에, 그 크기와 질량이 엄청난 이유로 최신기술력을 총 동원하여 개발한 공간이동 장치를 탑재하였다. 하지만 이 공간이동 장치는 이동 거리를 급격하게 늘릴 경우 기계에 심각한 결함이 발생하는 단점이 있어서, 이전 작동시기에 k광년을 이동하였을 때는 k-1 , k 혹은 k+1 광년만을 다시 이동할 수 있다. 예를 들어, 이 장치를 처음 작동시킬 경우 -1 , 0 , 1 광년을 이론상 이동할 수 있으나 사실상 음수 혹은 0 거리만큼의 이동은 의미가 없으므로 1 광년을 이동할 수 있으며, 그 다음에는 0 , 1 , 2 광년을 이동할 수 있는 것이다. ( 여기서 다시 2광년을 이동한다면 다음 시기엔 1, 2, 3 광년을 이동할 수 있다. )

김우현은 공간이동 장치 작동시의 에너지 소모가 크다는 점을 잘 알고 있기 때문에 x지점에서 y지점을 향해 최소한의 작동 횟수로 이동하려 한다. 하지만 y지점에 도착해서도 공간 이동장치의 안전성을 위하여 y지점에 도착하기 바로 직전의 이동거리는 반드시 1광년으로 하려 한다.

김우현을 위해 x지점부터 정확히 y지점으로 이동하는데 필요한 공간 이동 장치 작동 횟수의 최솟값을 구하는 프로그램을 작성하라.

 

입력

입력의 첫 줄에는 테스트케이스의 개수 T가 주어진다. 각각의 테스트 케이스에 대해 현재 위치 x 와 목표 위치 y 가 정수로 주어지며, x는 항상 y보다 작은 값을 갖는다. ( 0 ≤ x < y < 2^31)

 

출력

각 테스트 케이스에 대해 x지점으로부터 y지점까지 정확히 도달하는데 필요한 최소한의 공간이동 장치 작동 회수를 출력한다.

 

풀이

중요하다 싶은 부분에 밑줄을 쳐보았다.

우선 이 문제는 읽자마자 바로 x에서 y지점이 아니라 (y-x)의 거리라고 생각하고 문제를 풀었다.

바로 예시를 들어 설명해보자면, (거리 = d = (y-x))

i) d = 1,                              1

ii) d= 2,                             1 1

iii)d=3,                             1 1 1

iv)d=4,                             1 2 1

v) d=5,                           1 1 2 1

vi) d=6,                          1 1 2 1 1

vii)d=7,                          1 1 2 2 1

viii)d=8,                         1 2 2 2 1

viiii>d=9,                       1 2 3 2 1

 

그림이 너무 조잡해 안타깝지만, d의 최단 거리는 이런식으로 나오게 된다.

여기서 중요한 사실은, 새로운 숫자가 등장하는 타이밍과, 언제 숫자가 하나 늘어나느냐? 인데,

1. 새로운 숫자는 반드시 d = n^2 일 때 나오게 된다. 그 이유는 새로운 숫자가 늘어나려면,  그 전에 가장 큰 숫자가 반드시 2개 더 생겨야 숫자를 하나 위로 쌓을 수 있기 때문이다.
2. 제곱수가 바뀔 때까지 총 두 번 씩 늘어나게 되며, 그 사이 한 번 증가하는 시기는 제곱수들의 중간값을 내림한 거리일 때 한 번 더 바뀐다. -> (i^2 - (i-1)^2) / 2

2번에서 제곱수 사이에 한 번 증가하는 시기는 나도 명확하게 찾지 못해서 다른 분들의 풀이를 보고 참조하였다. ㅠㅠ

따라서, 제곱수를 구한 후, 제곱수의 중간값보다 크면 +1해주고, 아니면 냅두면 된다.

소스 코드

#include <iostream>
#include <cmath>
 
using namespace std;
int main()
 
{
    int t; scanf("%d", &t);
 
    for (int i = 0; i < t; i++)
 
    {
        int x, y; scanf("%d%d", &x, &y);
        long long k = 1; //제곱 수
 
        while (k * k <= (y - x))
            k++;
        k--;
 
        long long remain = (y - x) - (k * k);
        remain = (long long)ceil((double)remain / (double)k);
 
        cout << k * 2 - 1 + remain << "\n";
    }
 
    return 0;
 
}

개발환경 : Visual Studio 2019

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